1、“.....沿方向电势下降则场，经过段时间该粒子经过轴上的，点，动能变为初动能的倍，求连线上与点等电势的点的坐标粒子由点运动到点所需的时间解析设粒子在点时的动能为，则初动能为，在于平面的匀强磁场质量电荷量的带负电粒子从坐标原点以定的初动能入射，在电场和磁场的作用下发生偏转，到达，点时，动能变为初动能的倍，速度方向垂直向上此时撤去磁槽最低点时对槽的压力，方向竖直向下答案方向竖直向下电学计算题巧练如图所示，平面为光滑水平面，在此区域内有平行于平面的匀强电场，场强大小同时有垂直点到最低点的高度差设小球在最低点的速度大小为，由机械能守恒得小球在圆槽最低点时联立以上各式解得由牛顿第三定律得小球滑到圆球运动到圆槽左边顶端时......”。

2、“.....则出平台后刚好沿光滑固定圆槽左边顶端的切线方向进入槽中，圆槽的半径，圆槽所对的圆心角为，取重力加速度求烧断细线前轻弹簧储存的弹性势能平台到圆槽的距离小球滑到圆出平台后刚好沿光滑固定圆槽左边顶端的切线方向进入槽中，圆槽的半径，圆槽所对的圆心角为，取重力加速度求烧断细线前轻弹簧储存的弹性势能平台到圆槽的距离小球滑到圆槽最低点时对槽的压力解析烧断细线后对小球分析烧断细线前轻弹簧储存的弹性势能联立两式解得设小球做平抛运动的时间为，则球运动到圆槽左边顶端时......”。

3、“.....圆槽所对的圆心角为，取重力加速度求烧断细线前轻弹簧储存的弹性势能平台到圆槽的距离小球滑到圆出平台后刚好沿光滑固定圆槽左边顶端的切线方向进入槽中，圆槽的半径，圆槽所对的圆心角为，取重力加速度求烧断细线前轻弹簧储存的弹性势能平台到圆槽的距离小球滑到圆槽最低点时对槽的压力解析烧断细线后对小球分析烧断细线前轻弹簧储存的弹性势能联立两式解得设小球做平抛运动的时间为，则球运动到圆槽左边顶端时，有联立以上三式解得对小球从圆槽最高点到圆槽最低点的过程进行分析有小球在圆槽最高点的速度大小小球从圆槽最高点到最低点的高度差设小球在最低点的速度大小为......”。

4、“.....方向竖直向下答案方向竖直向下电学计算题巧练如图所示，平面为光滑水平面，在此区域内有平行于平面的匀强电场，场强大小同时有垂直于平面的匀强磁场质量电荷量的带负电粒子从坐标原点以定的初动能入射，在电场和磁场的作用下发生偏转，到达，点时，动能变为初动能的倍，速度方向垂直向上此时撤去磁场，经过段时间该粒子经过轴上的，点，动能变为初动能的倍，求连线上与点等电势的点的坐标粒子由点运动到点所需的时间解析设粒子在点时的动能为，则初动能为，在点动能为，点与点和点的电势差分别为，设连线上与点电势相等的点为，由几何关系得的长度为，沿方向电势下降则得，设与轴的夹角为，则，点的坐标为，即点坐标为，由于，而，所以垂直于，由于为等势线，因此为电场线，方向从到，带电粒子从到过程中做类平抛运动......”。

5、“.....又解得答案河北正定模拟从地面以斜向上抛出个质量为的小球，当小球到达最高点时，小球具有的动能与势能之比是∶，取地面为重力势能参考面，不计空气阻力现在此空间加上个平行于小球平抛平面的水平电场，以相同的初速度抛出带上正电荷量为的原小球，小球到达最高点时的动能与抛出时动能相等求无电场时，小球升到最高点的时间后来加上的电场的场强大小解析无电场时，当小球到达最高点时，小球具有的动能与势能之比是∶将小球的运动分解为水平方向和竖直方向，则由，得∶∶解得初始抛出时∶∶所以竖直方向的初速度为竖直方向上做匀减速运动得设后来加上的电场场强大小为，小球到达最高点时的动能与刚抛出时的动能相等，若电场力的方向与小球初速度的水平分量方向相同......”。

6、“.....则有解得答案或如图所示，在轴上方有垂直于平面向外的足够大匀强磁场图中没有画出该磁场，个质量为，电荷量为的粒子，在点以速率沿与轴成角度射入磁场，然后粒子从点离开磁场，点与点关于轴对称且相距为，其中为磁感应强度，大小未知，不计粒子重力的影响求粒子从点运动到点的时间若匀强磁场只在轴上方区域内存在，且磁场边界为圆形，改变粒子的入射方向，使粒子进入磁场位置的横坐标，其中为磁感应强度，大小未知，不计粒子重力的影响，还能保证粒子经过点，求粒子进入磁场位置的纵坐标及该圆形磁场区域的最小面积解析粒子进入磁场在洛伦兹力的作用下，做圆周运动，经过两点的圆弧既可以是优弧也可以是劣弧，则由得圆周运动的周期劣弧对应的圆心角为......”。

7、“.....进入磁场后，在洛伦兹力作用下，做段圆弧运动，而后离开磁场区域，再做段直线运动到达点，如图所示设进入磁场点的坐标为粒子圆周运动的半径为由得由几何关系得解得安在此过程中，由动能定理得安解得安安答案题组二长春市质量监测如图所示，可视为质点的总质量为的滑板运动员包括装备，从高为的斜面的顶端点由静止开始沿斜面下滑，在点进入光滑的四分之圆弧，圆弧的半径为，运动员经点沿竖直轨道冲出向上运动，经时间后又落回轨道若运动员经点后在空中运动时只受重力，轨道段粗糙求运动员离开点时的速度大小和上升的最大高度运动员包括装备运动到圆轨道最低点时对轨道的压力从点到点，运动员包括装备损失的机械能解析设运动员离开点时的速度为，上升的最大高度为，设运动员到达点时的速度为，到解得由牛顿第三定律......”。

8、“.....金属板平行放置，金属板长为，间距为，两极板连接在输出电压为的恒定电源两端，上金属板中央有小孔，板间存在垂直纸面向里磁感应强度为的匀强磁场区域，且，现将带电小球从距上板高度由静止释放，小球从小孔进入磁场，小球离开磁场后在平行金属板间做直线运动恰好从下板端射出电场，已知重力加速内物块的位移大小和通过的路程沿斜面向上运动两个阶段加速度大小和拉力大小解析在内，由题图乙知物块上升的最大距离物块下滑的距离所以位移大小路程由题图乙知，所求两个阶段加速度的大小设斜面倾角为，斜面对物块的摩擦力为，根据牛顿第二定律有内内④由④式得答案山东淄博模拟如图所示，上表面光滑长度质量的木板，在的水平拉力作用下......”。

9、“.....当木板运动了时，又将第二个同样的小铁块无初速度地放在木板最右端，以后木板每运动就在其最右端无初速度地放上个同样的小铁块取求木板与地面间的动摩擦因数刚放第三个小铁块时木板的速度大小从放第三个小铁块开始到木板停下的过程，木板运动的距离解析木板在的水平拉力作用下做匀速直线运动时，受到地面的摩擦力设为，由平衡条件得又联立并代入数据得每放个小铁块，木板所受的摩擦力增加，设刚放第三个小铁块时木板的速度为，对木板从放第个小铁块到刚放第三个小铁块的过程，由动能定理得④联立④并代入数据得从放第三个小铁块开始到木板停止之前，木板所受的合外力大小均为从放第三个小铁块开始到木板停止的过程，设木板运动的距离为......”。