1、“.....小球被垂直于斜面的挡板挡住，此时弹簧没有形变，若手持挡板以加速度沿斜面匀加速下滑，求从挡板开始运动到小球与挡板分离所经历的时间从挡板开始运动到小球速度最大时，小球的位移。图解析因小球与挡板分离时，挡板对小球的作用力恰好为零，由牛顿第二定律知即小球做匀加速运动发生的位移为时小球与挡板分离由运动学公式得从挡板开始运动到小球与挡板分离所经历的时间为。小球速度达最大时，其加速度为零即从挡板开始运动到小球的速度达最大，小球的位移为。答案三用图象巧解动力学问题利用图象分析动力学问题时，关键是要将题目中的物理情景与图象结合起来分析，利用物理规律或公式求解或作出正确判断。如必须弄清位移速度加速度等物理量和图象中斜率截距交点折点面积等的对应关系。典例将个粉笔头轻放在以的恒定速度运动的足够长的水平传送带上后，传送带上留下条长度为的加速度相同时，我们可以把系统内的所有物体看成个整体，这个整体的质量等于各物体的质量之和。牛顿第二定律方程为„„统内的所有物体看成个整体......”。

2、“.....对于多个相互作用的物体组成的系统，高考时常有涉及，如果对系统中的物体逐使用牛顿运动定律求解，过程往往较为复杂，而对系统整体应用牛顿第二定律往往能使问题简化。两种表达式当系统中各物体的，即。答案五用牛顿第二定律系统表达式巧解动力学问题牛顿第二定律研究的对象可以是单个物体质点，也可以是多个相互作用的物体组成的系统，则有，所以，即细线对小球有拉力，可用常规方法求解，但分解加速度的方法更简单，如图乙所示，将加速度沿斜面方向和垂直斜面方向正交分解，则有沿斜面方向，即垂直斜面方向，即。斜面体向右做匀减速运动时，其加速度向左，当加速度过大时，小球完全有可能沿斜面向上运动，设细线拉力刚好为零时的加速度为联立解得，分解加速度法将加速度沿斜面和垂直斜面正交分解如图甲所示，则图所以根据牛顿第二定律，沿斜面方向小球没有脱离斜面，斜面对它有支持力，对小球受力分析如图乙所示。常规解法分解力法将各力沿竖直方向和水平方向正交分解，得竖直方向水平方向析当小球刚好离开斜面体与斜面仍接触，但无挤压时......”。

3、“.....此时小球受力情况如图甲所示，则合，所以图，说明可看成质点的小球，线与斜面平行，斜面体在外力作用下向右运动求图当斜面体以加速度向右加速时，细线的拉力大小当斜面体以加速度向右减速时，细线的拉力大小。解定律求解动力学问题时，有时不去分解力，而是分解加速度，尤其是当存在斜面体这物理模型且斜面体又处于加速状态时，往往此法能起到事半功倍的效果。典例在倾角为的光滑斜面上用细线系住个质量为笔头相对传送带先向后画线，又折回向前画线，所以粉笔头在传送带上能留下长的画线。答案四用分解加速度法巧解动力学问题因牛顿第二定律指出力和加速度永远存在瞬间对应关系，所以在用牛顿第二至静止。代表它在第二阶段的速度时间图线，由速度公式可求出，即点坐标为此阶段粉笔头相对传送带向前画线，长度图中右侧阴影面积，可见粉该阶段粉笔头相对传送带向后画线，画线长度图中左侧阴影面积，等速后，粉笔头超前，所受滑动摩擦力反向，开始减速运动，由于传送带先减速到零，所以后来粉笔头直匀减速间图线，它的加速度为，由速度公式可得......”。

4、“.....。代表第阶段粉笔头的速度时间图线，点表示二者速度相同得即点坐标为点坐标为粉笔头的加速度大小为。第二次画线，传送带直做匀减速运动，粉笔头先做匀加速运动后做匀减速运动，同时作出传送带和粉笔头的速度时间图象，如图乙所示，代表传送带的速度时度大小为，同时作出粉笔头和传送带的速度时间图象，如图甲所示。图和分别代表它们的速度时间图线，速度相等时点画线结束，图中的面积代表第次画线长度，故，即另个粉笔头与传送带的动摩擦因数和第个相同轻放在传送带上，该粉笔头在传送带上能留下条多长的画线解析第次画线，传送带匀速，粉笔头由静止开始做匀加速运动，两者发生相对滑动，设粉笔头的加速度另个粉笔头与传送带的动摩擦因数和第个相同轻放在传送带上，该粉笔头在传送带上能留下条多长的画线解析第次画线，传送带匀速，粉笔头由静止开始做匀加速运动，两者发生相对滑动，设粉笔头的加速度大小为，同时作出粉笔头和传送带的速度时间图象，如图甲所示。图和分别代表它们的速度时间图线，速度相等时点画线结束，图中的面积代表第次画线长度，故......”。

5、“.....第二次画线，传送带直做匀减速运动，粉笔头先做匀加速运动后做匀减速运动，同时作出传送带和粉笔头的速度时间图象，如图乙所示，代表传送带的速度时间图线，它的加速度为，由速度公式可得，即点坐标为，。代表第阶段粉笔头的速度时间图线，点表示二者速度相同得即点坐标为该阶段粉笔头相对传送带向后画线，画线长度图中左侧阴影面积，等速后，粉笔头超前，所受滑动摩擦力反向，开始减速运动，由于传送带先减速到零，所以后来粉笔头直匀减速至静止。代表它在第二阶段的速度时间图线，由速度公式可求出，即点坐标为此阶段粉笔头相对传送带向前画线，长度图中右侧阴影面积，可见粉笔头相对传送带先向后画线，又折回向前画线，所以粉笔头在传送带上能留下长的画线。答案四用分解加速度法巧解动力学问题因牛顿第二定律指出力和加速度永远存在瞬间对应关系，所以在用牛顿第二定律求解动力学问题时，有时不去分解力，而是分解加速度，尤其是当存在斜面体这物理模型且斜面体又处于加速状态时，往往此法能起到事半功倍的效果......”。

6、“.....线与斜面平行，斜面体在外力作用下向右运动求图当斜面体以加速度向右加速时，细线的拉力大小当斜面体以加速度向右减速时，细线的拉力大小。解析当小球刚好离开斜面体与斜面仍接触，但无挤压时，设小球的加速度为，此时小球受力情况如图甲所示，则合，所以图，说明小球没有脱离斜面，斜面对它有支持力，对小球受力分析如图乙所示。常规解法分解力法将各力沿竖直方向和水平方向正交分解，得竖直方向水平方向联立解得，分解加速度法将加速度沿斜面和垂直斜面正交分解如图甲所示，则图所以根据牛顿第二定律，沿斜面方向，即垂直斜面方向，即。斜面体向右做匀减速运动时，其加速度向左，当加速度过大时，小球完全有可能沿斜面向上运动，设细线拉力刚好为零时的加速度为，则有，所以，即细线对小球有拉力，可用常规方法求解，但分解加速度的方法更简单，如图乙所示，将加速度沿斜面方向和垂直斜面方向正交分解，则有沿斜面方向，即......”。

7、“.....也可以是多个相互作用的物体组成的系统质点系。对于多个相互作用的物体组成的系统，高考时常有涉及，如果对系统中的物体逐使用牛顿运动定律求解，过程往往较为复杂，而对系统整体应用牛顿第二定律往往能使问题简化。两种表达式当系统中各物体的加速度相同时，我们可以把系统内的所有物体看成个整体，这个整体的质量等于各物体的质量之和。牛顿第二定律方程为„„统内的所有物体看成个整体，这个整体的质量等于各物体的质量之和。牛顿第二定律方程为„„。当系统内各物体加速度不同时，也可以运用“类整体法”列牛顿第二定律方程，形式为„„。典例如图所示，水平地面上有倾角为质量为的斜面体，斜面体上有质量为的物块以加速度沿斜面匀加速下滑，此过程中斜面体没有动，求地面对斜面体的支持力与摩擦力的大小。图解析以物块和斜面体组成的系统为研究对象，将物块的加速度沿水平方向与竖直方向进行分解，对物块与斜面体整体在竖直方向上由牛顿第二定律有。在水平方向上由牛顿第二定律有，解得，......”。

8、“.....在第段时间间隔内，两辆汽车所受合外力的大小不变，汽车乙所受的合外力大小是甲的两倍在接下来的相同时间间隔内，汽车甲所受的合外力大小增加为原来的两倍，汽车乙所受的合外力大小减小为原来的半。求甲乙两车各自在这两段时间间隔内走过的总位移之比。解析设每段时间间隔为，在第段时间间隔内甲汽车的加速度为。则由题意可知，在内的甲乙两车的加速度甲乙的关系为乙甲，在内的甲乙两车的加速度甲乙的关系为甲乙。由题意画图象如图所示，则四边形的面积与四边形的面积的比值即为所求。则矩形矩形所以。答案弹簧秤的秤盘质量为，盘内放质量为的物体，弹簧质量不计，其劲度系数为，系统处于静止状态，如图所示。现给施加个竖直向上的力，使从静止开始向上做匀加速直线运动，已知在最初内是变化的，在后是恒定的，求的最大值和最小值各是多少。图解析因为在内是变力，在以后是恒力，所以在时，离开秤盘。此时受到秤盘的支持力为零，由于秤盘的质量......”。

9、“.....设在这段时间内向上运动的距离为，对物体据牛顿第二定律可得对于秤盘和物体整体应用牛顿第二定律可得又由运动学公式知令，联立上式解得当开始运动时拉力最小，此时对秤盘和物体整体有当与秤盘分离时拉力最大，。答案揭阳期中如图所示，在足够高的竖直墙面上点，以水平速度向左抛出个质量为的小球，小球抛出后始终受到水平向右的恒定风力的作用，风力大小为，经过段时间小球将再次到达墙面上的点处，重力加速度为，则在此过程中图小球在水平方向和竖直方向各作何种运动小球水平方向的速度为零时距墙面的距离墙面上两点间的距离小球的最大速率小球的最小速率解析小球在水平方向先向左做匀减速运动而后向右做匀加速运动，小球在竖直方向上做自由落体运动。将小球的运动沿水平方向和竖直方向分解水平方向，得则。水平方向速度减小为零所需的时间所以。竖直方向上。小球运动到点的速度最大当时，小球速度最小。此时⊥根据力的关系知。解得。将运动沿图示方向分解......”。