1、“.....又，答案乌鲁木齐诊断在且，则解析由题意及正弦定理，得，又，故而即，将代入，得，或，而，则角的大小为解析由正弦定理可知，即，答案太原二模在则析等腰三角形反过来，由等腰三角形不能得知，是等腰三角形的充分不必要条件，故选答案郑州质量预测已知分别为个内角的对边，且理新人教版建议用时分钟选择题长沙模拟在，角的对边分别为，则是等腰三角形的解析依题意......”。

2、“.....得可知或，即或，又，故，由余弦定理，得，当且仅当时等号成立，故的最小值为创新设计山东专用版高考数学轮复习考点强化课二习题分别为，若求的最小值解，故最小正周期令，得∈故图象的对称轴方程为∈由，是三角形的内角即，即将代入可得，解得或或，或求的最小正周期及对称轴方程在，角的对边，的值解由，∈，得，∈......”。

3、“.....∈，函数求的单调递增区间在，分别是角的对边，且，且，求边分别为，已知求角的大小求的值解由余弦定理，得，由正弦定理，得为锐角，，由，得，当且仅当，即时，等号成立，的最小值为答案三解答题烟台模在，角的对以，∈所以当时，取得最大值，故选答案二填空题重庆卷在则的最小值等于解析由可得......”。

4、“.....角所对的边长分别为，且满足，则的最大值是析由，得，又在≠，所以∈所以所分别是三个内角所对的边长，若，则解析由，且，得到又根据余弦定理得，即，解得，舍去，及正弦定理，得，又，故而即，将代入，得，或，而，则，故选答案洛阳统考已知及正弦定理，得，又，故而即，将代入，得，或，而，则，故选答案洛阳统考已知分别是三个内角所对的边长，若......”。

5、“.....且，得到又根据余弦定理得，即，解得，舍去，又根据正弦定理得答案石家庄模拟在，角所对的边长分别为，且满足，则的最大值是析由，得，又在≠，所以∈所以所以，∈所以当时，取得最大值，故选答案二填空题重庆卷在则的最小值等于解析由可得由，得，当且仅当，即时，等号成立，的最小值为答案三解答题烟台模在，角的对边分别为......”。

6、“.....得，由正弦定理，得为锐角，函数求的单调递增区间在，分别是角的对边，且，且，求，的值解由，∈，得，∈，的单调增区间是，∈，，是三角形的内角即，即将代入可得，解得或或，或求的最小正周期及对称轴方程在，角的对边分别为，若求的最小值解，故最小正周期令......”。

7、“.....可知或，即或，又，故，由余弦定理，得，当且仅当时等号成立，故的最小值为创新设计山东专用版高考数学轮复习考点强化课二习题理新人教版建议用时分钟选择题长沙模拟在，角的对边分别为，则是等腰三角形的解析依题意，由及正弦定理，得，等腰三角形反过来，由等腰三角形不能得知，是等腰三角形的充分不必要条件，故选答案郑州质量预测已知分别为个内角的对边......”。

8、“.....则角的大小为解析由正弦定理可知，即，答案太原二模在则析答案乌鲁木齐诊断在且，则解析由题意及正弦定理，得，又，故而即，将代入，得，或，而，则，故选答案洛阳统考已知分别是三个内角所对的边长，若，则解析由，且，得到又根据余弦定理得，即，解得，舍去，又根据正弦定理得答案石家庄模拟在，角所对的边长分别为，且满足，则的最大值是析由，得，又在≠......”。

9、“.....∈所以当时，取得最大值，故选答案二填空分别是三个内角所对的边长，若，则解析由，且，得到又根据余弦定理得，即，解得，舍去，以，∈所以当时，取得最大值，故选答案二填空题重庆卷在则的最小值等于解析由可得，边分别为，已知求角的大小求的值解由余弦定理，得，由正弦定理，得为锐角，，的值解由，∈，得，∈......”。