1、“.....在网球的网前截击练习中，若练习者在球网正上方距地面处，将球以速度沿垂直球网的方向击出，球刚好落在底线上，已知底线到网的距离为，重力加速度取，将球的运动视作平抛运动，下列表述正确的是球的速度等于球从击出至落地所用时间为球从击球点至落地点的位移等于球从击球点至落地点的位移与球的质量有关如图所示，两个质量均为的小木块和可视为质点放在水平圆盘上，与转轴的距离为，与转轴的距离为，木块与圆盘的最大静摩擦力为木块所受重力的倍，重力加速度大小为。若圆盘从静止开始绕转轴缓慢地加速转动，用表示圆盘转动的角速度，下列说法正确的是定比先开始滑动所受的摩擦力始终相，解得，小球做平抛运动的初速度，点竖直方向上的分速度等于在竖直方向上的平均速度，则。分解运动员从点开始做平抛运动，则竖能用折线，故为保证小球做平抛运动......”。

2、“.....故正确本实验运用描迹法，画出平抛运动的轨迹，求出初速度，小球与斜槽之间的摩擦对测量的结果准确性没有影响，故。根据速度，故正确，。分要保证小球的初速度相同，小球每次从斜槽上开始运动的位置必须相同，故正确在实验中设法描出钢球轨迹上的多个点，然后用光滑的曲线连接就可以得到平抛运动的轨迹，不平方向，因此必须知道小方格的边长与当地的重力加速度，即可求解初速度大小，再根据，求得中间时刻竖直方向的速度，最后由速度的合成，即可求解该点的瞬时速度，从而利用速度与时间关系求得其它点的，故小木块未发生滑动，其所需的向心力由静摩擦力来提供，则，。解析选。竖直方向上相等时间内的位移之差根据得，相等的时间间隔，而水开始滑动，正确当开始滑动时，由牛顿第二定律可得，可得，正确当开始滑动时，由牛顿第二定律可得，可得，而转盘的角速度半圆轨道上运动时的向心等，则根据牛顿第二定律可得......”。

3、“.....故小木块做圆周运动需要的向心力较大，因为两小木块的最大静摩擦力相等，故定比先，段。弹射装置将个质量为的小球可视为质点以的水平初速度从点弹入轨道，小球从点离开轨道随即水平抛出，桌子的高度，不计空气阻力，取，取，求小球在相对静止，木块转动半径的范围是多少取。分如图所示，用内壁光滑的薄壁细圆管弯的由半圆形圆半径比细管的内径大得多和直线组成的轨道固定在水平桌面上，已知半圆形的半径的木块，用轻绳拴着，置于很大的水平转盘上，细绳穿过转盘中央的细管，与质量也为的小球相连，木块与转盘间的最大静摩擦力为其重力的倍，当转盘以角速度匀速转动时，要保持木块与转盘斜坡的起点，斜坡与水平面的夹角，不计空气阻力取，取求点与点的距离运动员离开点时的速度大小运动员落到点时的速度大小分如图所示，质量为为，小球在点时的竖直分速度为。三计算题本大题有小题，共分。请把解答过程写在答题卷上......”。

4、“.....跳台滑雪运动员经过段加速滑行后从点水平飞出，经过落到斜坡上的点已知点是上的多个点，然后用折线连接就可以得到平抛运动的轨迹实验中必须要求斜槽末端水平该实验产生误差主要是因为斜槽粗糙分如图为小球做平抛运动描的几个点，图中方格每边长为，取，则小球的初闪周期，可以求得当地的重力加速度分利用如图所示的装置研究平抛运动的规律分下列关于该实验的说法正确的是钢球每次从同位置释放，这样保证钢球每次抛出的初速度相同在实验中设法描出钢球轨迹所示下列说法正确的是若已知小方格的边长，可求得平抛的初速度若已知小方格的边长，可求得频闪周期若已知小方格的边长和当地的重力加速度，可求得任点的速度若已知小方格的边长和频所受摩擦力的大小为第Ⅱ卷非选择题共分二实验题本大题共小题，共分。请把答案写在答题卷上。分如图为用频闪摄影方法拍摄的小球作平抛运动的照片，小球在运动过程中的几个位置如图中的小为......”。

5、“.....用表示圆盘转动的角速度，下列说法正确的是定比先开始滑动所受的摩擦力始终相等是开始滑动的临界角速度当时，所小为。若圆盘从静止开始绕转轴缓慢地加速转动，用表示圆盘转动的角速度，下列说法正确的是定比先开始滑动所受的摩擦力始终相等是开始滑动的临界角速度当时，所受摩擦力的大小为第Ⅱ卷非选择题共分二实验题本大题共小题，共分。请把答案写在答题卷上。分如图为用频闪摄影方法拍摄的小球作平抛运动的照片，小球在运动过程中的几个位置如图中的所示下列说法正确的是若已知小方格的边长，可求得平抛的初速度若已知小方格的边长，可求得频闪周期若已知小方格的边长和当地的重力加速度，可求得任点的速度若已知小方格的边长和频闪周期，可以求得当地的重力加速度分利用如图所示的装置研究平抛运动的规律分下列关于该实验的说法正确的是钢球每次从同位置释放......”。

6、“.....然后用折线连接就可以得到平抛运动的轨迹实验中必须要求斜槽末端水平该实验产生误差主要是因为斜槽粗糙分如图为小球做平抛运动描的几个点，图中方格每边长为，取，则小球的初为，小球在点时的竖直分速度为。三计算题本大题有小题，共分。请把解答过程写在答题卷上。分如图所示，跳台滑雪运动员经过段加速滑行后从点水平飞出，经过落到斜坡上的点已知点是斜坡的起点，斜坡与水平面的夹角，不计空气阻力取，取求点与点的距离运动员离开点时的速度大小运动员落到点时的速度大小分如图所示，质量为的木块，用轻绳拴着，置于很大的水平转盘上，细绳穿过转盘中央的细管，与质量也为的小球相连，木块与转盘间的最大静摩擦力为其重力的倍，当转盘以角速度匀速转动时，要保持木块与转盘相对静止，木块转动半径的范围是多少取。分如图所示，用内壁光滑的薄壁细圆管弯的由半圆形圆半径比细管的内径大得多和直线组成的轨道固定在水平桌面上......”。

7、“.....段。弹射装置将个质量为的小球可视为质点以的水平初速度从点弹入轨道，小球从点离开轨道随即水平抛出，桌子的高度，不计空气阻力，取，取，求小球在半圆轨道上运动时的向心等，则根据牛顿第二定律可得，由于小木块的轨道半径大于小木块的轨道半径，故小木块做圆周运动需要的向心力较大，因为两小木块的最大静摩擦力相等，故定比先开始滑动，正确当开始滑动时，由牛顿第二定律可得，可得，正确当开始滑动时，由牛顿第二定律可得，可得，而转盘的角速度，故小木块未发生滑动，其所需的向心力由静摩擦力来提供，则，。解析选。竖直方向上相等时间内的位移之差根据得，相等的时间间隔，而水平方向，因此必须知道小方格的边长与当地的重力加速度，即可求解初速度大小，再根据，求得中间时刻竖直方向的速度，最后由速度的合成，即可求解该点的瞬时速度，从而利用速度与时间关系求得其它点的速度，故正确，。分要保证小球的初速度相同......”。

8、“.....故正确在实验中设法描出钢球轨迹上的多个点，然后用光滑的曲线连接就可以得到平抛运动的轨迹，不能用折线，故为保证小球做平抛运动，安装斜槽时其末端切线必须水平，故正确本实验运用描迹法，画出平抛运动的轨迹，求出初速度，小球与斜槽之间的摩擦对测量的结果准确性没有影响，故。根据，解得，小球做平抛运动的初速度，点竖直方向上的分速度等于在竖直方向上的平均速度，则。分解运动员从点开始做平抛运动，则竖直方向分解得分水平方向分解得分分分解分由于转盘以角速度匀速转动，当木块恰不向内运动时有分解得分当木块恰不向外运动时有分解得分故要保持木块与转盘相对静止，木块转动半径的范围是分分解小球做匀速圆周运动，向心力大小分小球从到的时间分从到的时间分小球从到的时间分小球做平抛运动......”。

9、“.....每小题分，共分。在每小题给出的四个选项中，第题只有项符合题目要求，第题有多项符合题目要求。全部选对的得分，选对但不全的得分，有选错的得分下列说法正确的是曲线运动定是变加速运动平抛运动定是匀变速运动匀速圆周运动是速度不变的运动只要两个分运动是直线运动，合运动定也是直线运动做平抛运动的物体，在水平方向通过的最大距离取决于物体的高度和所受重力物体的高度和初速度物体所受的重力和初速度物体所受的重力高度和初速度在匀速圆周运动中，下列说法的是线速度不变线速度的方向不断改变线速度大小不变角速度不变在高处以初速度水平抛出石子，当它的速度由水平变化为与水平成角的过程中，石子的水平方向位移是甲乙两球位于同竖直线上的不同位置，甲比乙高出，将甲乙两球以速度沿同水平方向抛出，不计空气阻力下列条件中可能使乙球击中甲球的是同时抛出，且甲迟抛出，且甲早抛出，且甲早抛出，且质点做匀速圆周运动......”。