1、“.....说明所受电场力向上，小球带负电，选项正确断开开关后电容器两端电压减小，电容器的带电量减小，带电小球所受电场力减小。带电小球向下运动，选项正确，。在测量电珠伏安特性实验中，同学们连接的电路中有两个电路，如图所示。电源内阻不计，导线连接良好，若将滑动变阻器的触头置于左端，闭合，在向右端滑动触头过程中，会分别出现如下四种现象电珠不亮电流表示数几乎为零电珠亮度增加电流表示数增大电珠开始不亮后来忽然发光电流表从示数不为零到线圈烧断电珠不亮电流表从示数增大到线圈烧断与上述四种现象对应的电路序号为导学号④④④④答案解析电路中，随触头向右移动，电流增大，电珠变亮，对应选项。电路中随电阻的减小，电流增大直到烧断，对应选项强，光敏电阻变小，根据串联分压，变小，错变化量的绝对值与变化量的绝对值的比值就等于，正确......”。

2、“.....重物质量为，电源电动势为，内电阻对值与变化量的绝对值的比值不变答案解析若仅将的滑动触头向端移动，电压表与电流表示数都不变，错增大板间距离，电容减小，电容器两端电压不变，由得电荷量减小，正确光照更若仅将的滑动触头向端移动，则不变，增大若仅增大板间距离，则电容器所带电荷量减少若仅用更强的光照射，则增大，增大，电容器所带电荷量增加若仅用更强的光照射，则变化量的绝图所示的电路中，电源的电动势和内阻定，为平行板电容器的两块正对金属板，为光敏电阻。当的滑动触头在端时，闭合开关，此时电流表和电压表的示数分别为和。以下说法正确的是导学号图线为电源内的发热功率，故，正确电路中总电阻为时，外电阻等于内电阻，对应于图中的图线和图线的交点，电源的输出功率最大，且输出功率，正确。黄冈模拟如率最大且为答案解析电源的总功率，电源内部的发热功率，外电路的功率为，三个功率满足......”。

3、“.....斜率为电动势纯电阻用电器，电动机消图象可知导学号电源的电动势为，内阻为电源的电动势为，内阻为图象中任意电流值对应的间的关系为电路中总电阻为时，外电阻上消耗的功接在电动势为，内阻为的直流电源的两极间，电动机恰好能正常工作，则导学号电动机消耗的总功率为电动机消耗的热功率为电源的输出功率为电源的效率为答案解析电动机不是等于电池的输出电能，故化学能为故正确电动机输出的功率，故因正确，故。北京海淀检测个微型吸尘器的直流电动机的额定电压为，额定电流为，线圈电阻为，将它在时间内，电池组消耗的化学能为在时间内，电动机输出的机械能是以上说法都不对答案解析因发电机为非纯电阻电路，故闭合电路欧姆定律不能使用，故电池组消耗的化学能角度不同，故。济南模拟用电动势为内电阻为的电池组直接向线圈电阻为的电动机供电，电动机正常工作后，测得通过的电流为电动机两端的电压为......”。

4、“.....电流相等，指针偏转的角度相同，量程不同的电流表读数不同，故，正确。图乙中的串联，的示数相同，由于量程不同，内阻不同，电表两端的电压不同，流过表头的电流不同，指针偏转的针偏转角度的说法正确的是导学号图甲中的的示数相同图甲中的的指针偏角相同图乙中的的示数和偏角都不同图乙中的的指针偏角相同答案解析图甲中并联，表头的电，正确。山西大同模拟用两个相同的小量程电流表，分别改装成了两个量程不同的大量程电流表，若把分别采用并联或串联的方式接入电路，如图所示，则闭合电键后，下列有关电表的示数和电表指安特性曲线，的电阻值比大，所以的伏安特性曲线的斜率大，如图所示。由图可知当甲电池接时，当乙电池接时由于，所以。由分析知横纵坐标的乘积即为外电阻所消耗的功率。依题意作电池甲和乙及电阻的伏安特性曲线。由于两电池分别接时，消耗的电功率相等，故这三条线必相交于点，如图所示，由于，所以......”。

5、“.....这条线即为电源的伏安特性曲线。如果再在此坐标系中作出外电阻的伏安特性曲线为过原点的直线，斜率为，则两条线的交点就表示了该闭合电路所工作的状态。此交点的横线为条在纵轴上截距为斜率为的直线。这条线即为电源的伏安特性曲线。如果再在此坐标系中作出外电阻的伏安特性曲线为过原点的直线，斜率为，则两条线的交点就表示了该闭合电路所工作的状态。此交点的横纵坐标的乘积即为外电阻所消耗的功率。依题意作电池甲和乙及电阻的伏安特性曲线。由于两电池分别接时，消耗的电功率相等，故这三条线必相交于点，如图所示，由于，所以。作的伏安特性曲线，的电阻值比大，所以的伏安特性曲线的斜率大，如图所示。由图可知当甲电池接时，当乙电池接时由于，所以。由分析知，正确。山西大同模拟用两个相同的小量程电流表，分别改装成了两个量程不同的大量程电流表......”。

6、“.....如图所示，则闭合电键后，下列有关电表的示数和电表指针偏转角度的说法正确的是导学号图甲中的的示数相同图甲中的的指针偏角相同图乙中的的示数和偏角都不同图乙中的的指针偏角相同答案解析图甲中并联，表头的电压相等，电流相等，指针偏转的角度相同，量程不同的电流表读数不同，故，正确。图乙中的串联，的示数相同，由于量程不同，内阻不同，电表两端的电压不同，流过表头的电流不同，指针偏转的角度不同，故。济南模拟用电动势为内电阻为的电池组直接向线圈电阻为的电动机供电，电动机正常工作后，测得通过的电流为电动机两端的电压为，则导学号电路中电流在时间内，电池组消耗的化学能为在时间内，电动机输出的机械能是以上说法都不对答案解析因发电机为非纯电阻电路，故闭合电路欧姆定律不能使用，故电池组消耗的化学能等于电池的输出电能，故化学能为故正确电动机输出的功率，故因正确，故......”。

7、“.....额定电流为，线圈电阻为，将它接在电动势为，内阻为的直流电源的两极间，电动机恰好能正常工作，则导学号电动机消耗的总功率为电动机消耗的热功率为电源的输出功率为电源的效率为答案解析电动机不是纯电阻用电器，电动机消图象可知导学号电源的电动势为，内阻为电源的电动势为，内阻为图象中任意电流值对应的间的关系为电路中总电阻为时，外电阻上消耗的功率最大且为答案解析电源的总功率，电源内部的发热功率，外电路的功率为，三个功率满足，故图线是电源的总功率图线，斜率为电动势图线为电源内的发热功率，故，正确电路中总电阻为时，外电阻等于内电阻，对应于图中的图线和图线的交点，电源的输出功率最大，且输出功率，正确。黄冈模拟如图所示的电路中，电源的电动势和内阻定，为平行板电容器的两块正对金属板，为光敏电阻。当的滑动触头在端时，闭合开关，此时电流表和电压表的示数分别为和......”。

8、“.....则不变，增大若仅增大板间距离，则电容器所带电荷量减少若仅用更强的光照射，则增大，增大，电容器所带电荷量增加若仅用更强的光照射，则变化量的绝对值与变化量的绝对值的比值不变答案解析若仅将的滑动触头向端移动，电压表与电流表示数都不变，错增大板间距离，电容减小，电容器两端电压不变，由得电荷量减小，正确光照更强，光敏电阻变小，根据串联分压，变小，错变化量的绝对值与变化量的绝对值的比值就等于，正确。二非选择题如图所示为用直流电动机提升重物的装置，重物质量为，电源电动势为，内电阻，不计摩擦。当电动机以的恒定速度向上提升重物时，电路中的电流，由此可知电动机线圈的电阻为多少取导学号答案解析电源的输出功率，得对电动机，由能量守恒，得机又机，则河南省郑州模拟在如图所示的电路中，当电键接时，上消耗的电功率为，当电键接时，电压表示数为，试求导学号电键接时......”。

9、“.....通过的电流。答案解析接时，被短路，外电阻为，根据电功率公式可得通过电源电流再根据电源两端电压接时，有接时，和串联，外通过电源电流这时有解得，当接时，并联，总总电流总通过的电流如图所示电路中，电源电动势，内电阻不计，电阻，电容器的电容，求导学号电容器所带的电荷量，并说明电容器哪个极板带正电若突然断路，将有多少电荷量通过答案下极板带正电解析由图可知且得，同理可得，令点的电势为零电势，即则有且可知点电势高，下极板带正电断路后此时下极板带负电，则流过电荷量为第七章第讲选择题题为单选题，题为多选题如图所示，为内阻不能忽略的电池，为定值电阻，为开关，与分别为电压表和电流表。初始时与均闭合，现将断开，则导学号的读数变大，的读数变小的读数变小，的读数变大的读数变小，的读数变小的读数变大，的读数变大答案解析将断开后......”。