1、“.....则所受电场力方向向上同时小球所受洛伦兹力洛，方向由左手定则判断知竖直向下，即电洛，所以同理分析可知当小球带负电时故无论小球带什么电选项正确嘉兴模拟如图所示，在的区域内存在着匀强磁场，磁场方向垂直于坐标系平面纸面向里具有定电阻的矩形线框位于坐标系平面内，线框的边与轴重合，边长为设线框从时平行金属板竖直放置，中间有两正对小孔和，两板间电压为，组成减速电场现有带负电粒子在时刻以定初速度沿两板间的中轴线进入，并能从沿进入间已知带电粒子带电荷量为答案如图甲所示，是两块水平放置的足够长的平行金属板，组成偏转匀强电场，板接地，板电势随时间变化情况如图乙所示，两的电动势由于导轨与导体棒的电阻均可忽略，则两端电压等于电动势则电阻消耗的功率综合以上三式可得设水平外力大小为，由能量守恒有故得析法导体棒匀速向右滑动，速率为，则有安安解得由能量守恒定律得......”。

2、“.....滑动过程中始终保持与导轨垂直并接触良好已知导体棒与导轨间的动摩擦因数为，重力加速度大小为，导轨和导体棒的电阻均可忽略求电阻消耗的功率水平外力的大小解误，正确三非选择题高考海南卷如图，两平行金属导轨位于同水平面上，相距，左端与电阻相连整个系统置于匀强磁场中，磁感应强度大小为，方向竖直向下质量为的导体棒置于导轨上，在水平外力小后增大，故灯泡的亮度不切割磁感线，无感应电动势，故安，联立解得，故正确，对杆，有，安，得，故错压定先减小后增大灯泡的亮度定先变暗后变亮解析选由题图可知在触片从点开始顺时针转周的过程中电位器连入电路的等效电阻先增大后减小，又不变，则由闭合电路欧姆定律可得干路电流先减点与电位器相连，电位器触片端固定在圆心处，并与电源正极相连，当触片由点开始顺时针旋转周的过程中......”。

3、“.....选项正确二不定项选择题河北冀州调研如图为灯光控制电路示意图，由电源电动势为内阻为与圆环形电位器可视为滑动变阻器和灯泡电阻不变连接而成，图中时针方向正方向，线框出磁场时，根据楞次定律，感应电流的方向为顺时针方向负方向线框做初速度为零的匀加速直线运动，若线框的边由处运动到处所用时间为，那么线框的边从处运动到处所时刻起在外力作用下由静止开始沿轴正方向做匀加速运动，则线框中的感应电流取逆时针方向的电流为正随时间变化的函数图象可能是选项中的解析选线框进入磁场时，根据楞次定律，感应电流的方向为逆嘉兴模拟如图所示，在的区域内存在着匀强磁场，磁场方向垂直于坐标系平面纸面向里具有定电阻的矩形线框位于坐标系平面内，线框的边与轴重合，边长为设线框从正电，则所受电场力方向向上同时小球所受洛伦兹力洛，方向由左手定则判断知竖直向下，即电洛......”。

4、“.....产生动生电动势，由右手定则判断下板电势高于上板，动生电动势大小，即带电小球处于电势差为的电场中，所受电场力电电设小球带匀强磁场中沿垂直于磁场方向向左以速度匀速运动，悬线拉力为，则悬线竖直，悬线竖直，悬线竖直，无法确定的大小和方向解析选设两板间的距离为，由于向左时的电势能大于在点时的电势能，点的电势比点的电势低，负电荷从低电势移到高电势电场力做正功，故正确如图所示，有用铝板制成的形框，将质量为的带电小球用绝缘细线悬挂在框中，使整体在匀时的电势能大于在点时的电势能，点的电势比点的电势低，负电荷从低电势移到高电势电场力做正功，故正确如图所示，有用铝板制成的形框，将质量为的带电小球用绝缘细线悬挂在框中，使整体在匀强磁场中沿垂直于磁场方向向左以速度匀速运动，悬线拉力为，则悬线竖直，悬线竖直，悬线竖直，无法确定的大小和方向解析选设两板间的距离为......”。

5、“.....产生动生电动势，由右手定则判断下板电势高于上板，动生电动势大小，即带电小球处于电势差为的电场中，所受电场力电电设小球带正电，则所受电场力方向向上同时小球所受洛伦兹力洛，方向由左手定则判断知竖直向下，即电洛，所以同理分析可知当小球带负电时故无论小球带什么电选项正确嘉兴模拟如图所示，在的区域内存在着匀强磁场，磁场方向垂直于坐标系平面纸面向里具有定电阻的矩形线框位于坐标系平面内，线框的边与轴重合，边长为设线框从时刻起在外力作用下由静止开始沿轴正方向做匀加速运动，则线框中的感应电流取逆时针方向的电流为正随时间变化的函数图象可能是选项中的解析选线框进入磁场时，根据楞次定律，感应电流的方向为逆时针方向正方向，线框出磁场时，根据楞次定律，感应电流的方向为顺时针方向负方向线框做初速度为零的匀加速直线运动，若线框的边由处运动到处所用时间为......”。

6、“.....选项正确二不定项选择题河北冀州调研如图为灯光控制电路示意图，由电源电动势为内阻为与圆环形电位器可视为滑动变阻器和灯泡电阻不变连接而成，图中点与电位器相连，电位器触片端固定在圆心处，并与电源正极相连，当触片由点开始顺时针旋转周的过程中，下列说法正确的是电源的输出功率定先减小后增大电源的供电电流定先减小后增大电源两端的电压定先减小后增大灯泡的亮度定先变暗后变亮解析选由题图可知在触片从点开始顺时针转周的过程中电位器连入电路的等效电阻先增大后减小，又不变，则由闭合电路欧姆定律可得干路电流先减小后增大，故灯泡的亮度不切割磁感线，无感应电动势，故安，联立解得，故正确，对杆，有，安，得，故，正确三非选择题高考海南卷如图，两平行金属导轨位于同水平面上，相距，左端与电阻相连整个系统置于匀强磁场中，磁感应强度大小为，方向竖直向下质量为的导体棒置于导轨上......”。

7、“.....滑动过程中始终保持与导轨垂直并接触良好已知导体棒与导轨间的动摩擦因数为，重力加速度大小为，导轨和导体棒的电阻均可忽略求电阻消耗的功率水平外力的大小解析法导体棒匀速向右滑动，速率为，则有安安解得由能量守恒定律得，故得法二导体棒切割磁感线产生的电动势由于导轨与导体棒的电阻均可忽略，则两端电压等于电动势则电阻消耗的功率综合以上三式可得设水平外力大小为，由能量守恒有故得答案如图甲所示，是两块水平放置的足够长的平行金属板，组成偏转匀强电场，板接地，板电势随时间变化情况如图乙所示，两平行金属板竖直放置，中间有两正对小孔和，两板间电压为，组成减速电场现有带负电粒子在时刻以定初速度沿两板间的中轴线进入，并能从沿进入间已知带电粒子带电荷量为，质量为，不计粒子重力求该粒子进入间的初速度为多大时，粒子刚好能到达孔在的条件下，两板长度的最小值两板间距的最小值解析因粒子在间运动时......”。

8、“.....所以进入孔的速度即为进入板的初速度在间，由动能定理得即由于粒子进入后，在个周期内，竖直方向上的速度变为初始状态且粒子回到线上，若在第个周期内进入孔，则对应两板最短长度为若粒子在运动过程中刚好不到板而返回，则此时对应两板最小间距，设为所以即答案见解析商丘模拟如图所示，真空中有半径的圆形磁场区域，圆与轴相切于坐标原点，磁场的磁感应强度大小，方向水平向里，在到区域内有个方向竖直向下的匀强电场，电场强度在处有竖直放置的足够大的荧光屏现将比荷为的带负电粒子从点处射入磁场，不计粒子所受重力若粒子沿轴正方向射入，恰能从磁场与电场的相切处进入电场，求粒子最后到达荧光屏上位置的坐标若粒子以问中相同速率从点与轴成角射入第二象限，求粒子到达荧光屏上位置的坐标解析由题意可知，粒子的运动轨迹如图甲所示据几何关系粒子在磁场中运动......”。

9、“.....代入数据得粒子射出磁场时，由几何关系得速度与轴平行，粒子将垂直电场线射入电场，如图乙所示据几何关系可得解得答案电学综合检测单项选择题金华十校高三模拟如图所示，电源电动势为，内阻为，直流电动机内阻为现调节滑动变阻器使电源的输出功率最大，此时电动机的功率刚好为，则此时滑动变阻器的阻值和电动机的发热功率为解析选因为电源的输出功率为，当时电源的输出功率最大，又电动机两端的电压，则，电动机的发热功率为所以选项正确安徽合肥模图甲所示的电路中，电流表的指针指满刻度，电流表的指针指满刻度的处，图乙中，的指针指满刻度，的指针指满刻度的处，已知的电阻为，则的电阻为解析选设电流表的满偏电流分别为由题意知，当电流表串联时当电流表并联时由于解得高考海南卷如图......”。