1、“.....选项错误年福建卷如图，矩形闭合导体线框在匀强磁场上方，由不同高度静止释放，用分别表示线框边和边刚进入磁场的时刻线框下落过程形状不变，边始终保持与磁场水平边界线平行，线框平面与磁场方向垂直设下方磁场区域足够大，不计空气影响，则下列哪个图象不可能反映线框下落过程中速度随时间变化的规律变式训练解析线框进入磁场前做自由落体运动，为匀加速直线运动，若线框下落高度较小，进入磁场时速度较小，线框内产生的感应电流较小，线框所受安培力小于重力，则线框进入磁场的过程做加速度逐渐减小的加速运动，选项有可能，若线框进入磁场时速度较大，线框受到的安培力大于重力线框进入磁场的过程做加速度逐渐减小的减速运动，图象有可能，若线框进入磁场时速度合适，线框受到的安培力等于重力，线框进入磁场的过程做匀速直线运动，图象有可能，线框进入磁场时不可能做加速度逐渐增大的减速直到匀速......”。

2、“.....寻找过程中的临界状态，如速度加速度求最大值或最小值的条件两种常见类型类型“电动电”型“动电动”型示意图类型“电动电”型“动电动”型已知量棒长质量电阻，导轨光滑水平，电阻不计棒长质量电阻，导轨光滑，电阻不计过程分析闭合，棒受安培力，此时，棒速度↑感应电动势↑与电源电动势反接使电流安培力加速度，当安培力时，最大，最后匀速运动棒释放后下滑，此时，棒速度↑感应电动势↑电流↑安培力↑加速度，当安培力时，最大，最后匀速运动年安徽卷如图所示，匀强磁场的磁感应强度为，其方向垂直于倾角为的斜面向上绝缘斜面上固定有“∧”形状的光滑金属导轨电阻忽略不计，与长度均为，连线水平，长为以中点为原点为轴建立维坐标系根粗细均匀的金属杆，长度为质量为电阻为，在拉力的作用下......”。

3、“.....并在图中画出关系图象求金属杆从处运动到点的全过程产生的焦耳热思路指导导体棒在外力作用下沿“∧”形导轨的恒定速度滑动，切割磁感线与导轨形成闭合电路，由法拉第电磁感应定律和闭合电路欧姆定律可求得电动势和由平衡条件和相关数学知识求得的关系根据图象求拉力做功，从而求得焦耳热解析金属杆在匀速运动中产生的感应电动势，解得正方形导线框相当于电源，根据楞次定律可知，定值电阻的左端与电源的正极相连，则电容器的极板带正电，故选项错误根据电路的串并联知识和纯电阻的热功率的计算公式可得，定值电阻的热功率为设流经定值电阻的电流为，滑动变阻器的热功率为，即滑动变阻器的热功率是定值电阻热功率的倍，故选项正确根据法拉第电磁感应定律可得，正方形导线框中的感应电动势的大小为，故选项错误答案思想方法技巧运用提升素养学科素养提升电磁感应中的能量转化与守恒能量转化特点电能的求解思路如图所示......”。

4、“.....导轨间距，左端接有阻值的电阻质量，电阻的金属棒放置在导轨上，整个装置置于竖直向上的匀强磁场中，磁场的磁感应强度棒在水平向右的外力作用下，由静止开始以的加速度做匀加速运动，当棒的位移时撤去外力，棒继续运动段距离后停下来，已知撤去外力前后回路中产生的焦耳热之比∶∶导轨足够长且电阻不计，棒在运动过程中始终与导轨垂直且两端与导轨保持良好接触求例棒在匀加速运动过程中，通过电阻的电荷量撤去外力后回路中产生的焦耳热外力做的功思路指导根据可得，由法拉第电磁感应定律可得，总，联立可得总，撤去外力后回路中产生的焦耳热等于导体棒的动能，以导体棒为研究对象，对整个过程应用功能关系可求得外力做的功解析设导体棒做匀加速运动的时间为，回路中磁通量的变化量为，回路中的平均感应电动势为，由法拉第电磁感应定律得由闭合电路欧姆定律得通过电阻的电荷量由式联立解得撤去外力时导体棒的速度为，在导体棒匀加速过程中，由运动学公式得撤去外力后，克服安培力做的功为......”。

5、“.....撤去外力前后回路中产生的焦耳热之比∶∶，可得，棒在运动的整个过程中，由功能关系得答案在如图所示的倾角为的光滑斜面上，存在着两个磁感应强度大小为的匀强磁场，区域Ⅰ的磁场方向垂直斜面向上，区域Ⅱ的磁场方向垂直斜面向下，磁场的宽度均为，个质量为电阻为边长也为的正方形导线框，由静止开始沿斜面下滑，当边刚越过进入磁场Ⅰ区时，恰好以速度做匀速直线运动当边下滑到与的中间位置时，线框又恰好以速度做匀速直线运动，从进入到与的中间位置的过程中，线框的动能变化量为，重力对线框做功大小为，安培力对线框做功大小为，下列说法中正确的有变式训练在下滑过程中，由于重力做正功，所以有从进入到与的中间位置的过程中，机械能守恒从进入到与的中间位置的过程，有机械能转化为电能从进入到与的中间位置的过程中，线框动能的变化量大小为解析当线框的边进入后匀速运动到进入为止，进入后回路感应电动势增大，感应电流增大，因此所受安培力增大，安培力阻碍线框下滑，因此进入后开始做减速运动......”。

6、“.....安培力又减小，当安培力减小到与重力沿斜面向下的分力相等时，以速度做匀速运动，因此，错由于有安培力做功，机械能不守恒，错线框克服安培力做功，将机械能转化为电能，克服安培力做了多少功，就有多少机械能转化为电能，由动能定理得故正确答案第三讲法拉第电磁感应定律的综合应用回扣教材夯实基础落实考点基础自主温故电磁感应中的图象问题考点自清图象类型随变化的图象，如图象，图象，图象和图象随变化的图象，如图象和图象时间位移问题类型由给定的电磁感应过程判断或画出正确的图象由给定的有关图象分析电磁感应过程，求解相应的物理量应用知识左手定则安培定则右手定则欧姆定律牛顿运动定律，函数图象等知识楞次定律法拉第电磁感应定律基础自测如图所示，两个相邻的匀强磁场，宽度均为，方向垂直纸面向外，磁感应强度大小分别为边长为的正方形线框从位置甲匀速穿过两个磁场到位置乙，规定感应电流逆时针方向为正，则感应电流随时间变化的图象是解析当线框进入磁场时，由右手定则可知，感应电流方向顺时针，即电流为负值，时间......”。

7、“.....左边进入磁感应强度为的磁场时，线框的感应电动势，感应电流，方向为顺时针，时间，当线框离开右侧磁场，感应电流为，且方向为逆时针，故选项正确答案二电磁感应现象中的动力学问题考点自清感应电流在磁场中所受安培力安培力的大小由感应电动势，感应电流和安培力公式得安培力的方向先用确定感应电流方向，再用确定安培力方向，也可根据楞次定律判断，安培力方向定和导体切割磁感线运动方向右手定则左手定则相反基础自测如图所示，线框由位置开始下落，在磁场中受到的安培力如果总小于重力，则它在四个位置位置恰好线框有半在磁场中时，加速度关系为解析线框在位置时只受重力作用，加速度线框在位置时均受两个力的作用，其中安培力向上重力向下由于重力大于安培力，所以加速度向下，大小为又线框在点时速度大于点速度，即，所以因此加速度的关系为，故选项正确答案三电磁感应中的能量转化与守恒考点自清能量转化导体切割磁感线或磁通量发生变化，在回路中产生感应电流......”。

8、“.....又可使电能转化为或因此，电磁感应过程中总是伴随着能量的转化电能机械能内能能量转化的实质电磁感应现象的能量转化实质是其他形式能和电能之间的转化热量的计算电流做功产生的热量用焦耳定律计算，公式为基础自测如图所示电路，两根光滑金属导轨，平行放置在倾角为的斜面上，导轨下端接有电阻，导轨电阻不计，斜面处在竖直向上的匀强磁场中，电阻可略去不计的金属棒质量为，受到沿斜面向上且与金属棒垂直的恒力的作用，金属棒沿导轨匀速下滑，则它在下滑高度的过程中，以下说法正确的是作用在金属棒上各力的合力做功为零重力做功等于系统产生的电能金属棒克服安培力做功等于电阻上产生的焦耳热金属棒克服恒力做功等于电阻上产生的焦耳热解析由动能定理可知正确重力做的功等于重力势能的减小，重力势能的减少，部分产生电能，部分克服恒力做功，错误由能量守恒定律可知，正确金属棒克服恒力做的功与电阻上产生的焦耳热无关......”。

9、“.....线圈绕在同软铁芯上在线圈中通以变化的电流，用示波器测得线圈间电压如图所示，已知线圈内部的磁场与流经线圈的电流成正比，则下列描述线圈中电流随时间变化关系的图中，可能正确的是例题型电磁感应中的图象问题思路指导在原线圈中通过变化电流，则在线圈周围产生变化的磁场，由于两线圈绕在同铁芯上，所以通过线圈的磁通量发生变化，在线圈两端产生感应电动势，由法拉第电磁感应定律和楞次定律分析得出线圈的电流的变化情况答案解析由题中图可知，在产生恒定电压，根据法拉第电磁感应定律可知，穿过线圈的磁通量均匀变化，则线圈产生的磁感应强度均匀变化，所以通过线圈的电流均匀变化，即为恒量，故选项正确，选项错误年福建卷如图，矩形闭合导体线框在匀强磁场上方，由不同高度静止释放，用分别表示线框边和边刚进入磁场的时刻线框下落过程形状不变......”。